Materiály kontrolného merania vo fyzike prejdú v roku 2017 výraznými zmenami.

Verzia skúšky bude pozostávať z dvoch častí a bude obsahovať 31 úloh. Časť 1 bude obsahovať 23 položiek s krátkymi odpoveďami vrátane položiek s vlastnou správou, ktoré vyžadujú číslo, dve čísla alebo slovo, ako aj položky zhody a položky s výberom z viacerých možností, ktoré vyžadujú, aby boli odpovede napísané ako postupnosť čísel. 2. časť bude obsahovať 8 úloh spojených spoločným typom aktivity - riešením problémov. Z toho 3 úlohy s krátkou odpoveďou (24–26) a 5 úloh (29–31), na ktoré je potrebné uviesť podrobnú odpoveď.

Práca bude obsahovať úlohy troch úrovní náročnosti. Úlohy základnej úrovne sú zahrnuté v 1. časti práce (18 úloh, z toho 13 úloh s odpoveďou zaznamenanou v tvare čísla, dvoch čísel alebo slova a 5 úloh na priraďovanie a výber z viacerých možností). Medzi úlohami na základnej úrovni sa rozlišujú úlohy, ktorých obsah zodpovedá štandardu základnej úrovne. Minimálny počet bodov Jednotnej štátnej skúšky z fyziky, ktoré potvrdzujú absolvovanie stredoškolského (úplného) všeobecného vzdelávacieho programu fyzika, je stanovený na základe požiadaviek na zvládnutie štandardu základného stupňa.

Použitie úloh so zvýšenou a vysokou úrovňou zložitosti v skúšobnej práci nám umožňuje posúdiť stupeň pripravenosti študenta pokračovať vo vzdelávaní na vysokej škole. Úlohy na pokročilej úrovni sú rozdelené medzi časti 1 a 2 skúšobnej práce: 5 úloh s krátkou odpoveďou v časti 1, 3 úlohy s krátkou odpoveďou a 1 úloha s dlhou odpoveďou v časti 2. Posledné štyri úlohy časti 2 sú úlohy vysoká úroveň zložitosti.

Časť 1 Skúšobná práca bude obsahovať dva bloky úloh: prvý preverí zvládnutie pojmového aparátu školského kurzu fyziky a druhý preverí zvládnutie metodických zručností. Prvý blok obsahuje 21 úloh, ktoré sú zoskupené podľa tematickej príslušnosti: 7 úloh z mechaniky, 5 úloh z MCT a termodynamiky, 6 úloh z elektrodynamiky a 3 z kvantovej fyziky.

Skupina úloh pre každú sekciu začína úlohami s nezávislou formuláciou odpovede vo forme čísla, dvoch čísel alebo slova, potom nasleduje úloha s výberom odpovede (dve správne odpovede z piatich navrhnutých) a na konci - úlohy na zmenu fyzikálnych veličín v rôznych procesoch a stanovenie súladu medzi fyzikálnymi veličinami a grafmi alebo vzorcami, v ktorých je odpoveď napísaná ako množina dvoch čísel.

Úlohy s viacerými možnosťami výberu a priraďovania sú 2-bodové a môžu byť založené na ľubovoľných prvkoch obsahu v tejto časti. Je jasné, že v rovnakej verzii budú všetky úlohy súvisiace s jednou sekciou testovať rôzne obsahové prvky a týkať sa rôznych tém tejto sekcie.

Tematické časti o mechanike a elektrodynamike predstavujú všetky tri typy týchto úloh; v časti o molekulovej fyzike - 2 úlohy (jedna je určená na výber z viacerých možností a druhá je buď na zmeny fyzikálnych veličín v procesoch alebo na korešpondenciu); v časti o kvantovej fyzike je len 1 úloha na zmenu fyzikálnych veličín alebo párovanie. Osobitná pozornosť by sa mala venovať úlohám 5, 11 a 16, ktoré hodnotia schopnosť vysvetliť skúmané javy a procesy a interpretovať výsledky rôznych štúdií prezentované vo forme tabuliek alebo grafov. Nižšie je uvedený príklad takejto úlohy mechaniky.

Pozor si treba dať na zmenu foriem jednotlivých radov úloh. Úloha 13 na určenie smeru vektorových fyzikálnych veličín (Coulombova sila, sila elektrického poľa, magnetická indukcia, Ampérova sila, Lorentzova sila atď.) sa ponúka s krátkou odpoveďou vo forme slova. V tomto prípade sú možné možnosti odpovede uvedené v texte úlohy. Príklad takejto úlohy je uvedený nižšie.

V časti o kvantovej fyzike dávam do pozornosti úlohu 19, ktorá preveruje poznatky o stavbe atómu, atómovom jadre, či jadrových reakciách. Táto úloha zmenila formu prezentácie. Odpoveď, ktorou sú dve čísla, je potrebné najskôr zapísať do navrhovanej tabuľky a potom preniesť do formulára odpovede č. 1 bez medzier a ďalších znakov. Nižšie je uvedený príklad takéhoto formulára úlohy.

Na konci 1. časti budú ponúknuté 2 úlohy základnej úrovne zložitosti, ktoré preveria rôzne metodologické zručnosti a týkajú sa rôznych častí fyziky. Úloha 22 s využitím fotografií alebo nákresov meracích prístrojov je zameraná na otestovanie schopnosti zaznamenávať stavy prístrojov pri meraní fyzikálnych veličín s prihliadnutím na absolútnu chybu merania. Absolútna chyba merania je uvedená v texte úlohy: buď vo forme polovice hodnoty delenia, alebo vo forme hodnoty delenia (v závislosti od presnosti zariadenia). Príklad takejto úlohy je uvedený nižšie.

Úloha 23 testuje schopnosť vybrať si vybavenie na uskutočnenie experimentu podľa danej hypotézy. V tomto modeli sa zmenila forma prezentácie úlohy a teraz ide o úlohu s výberom viacerých možností (dva prvky z piatich navrhnutých), ale ak sú oba prvky odpovede správne označené, je hodnotená 1 bodom. Je možné ponúknuť tri rôzne modely úloh: výber z dvoch nákresov, ktoré graficky znázorňujú zodpovedajúce nastavenia pre experimenty; vybrať dva riadky v tabuľke, ktoré opisujú charakteristiky experimentálneho nastavenia, a vybrať názvy dvoch zariadení alebo nástrojov, ktoré sú potrebné na vykonanie špecifikovaného experimentu. Nižšie je uvedený príklad jednej takejto úlohy.

Časť 2 práca je venovaná riešeniu problémov. Ide už tradične o najvýznamnejší výsledok zvládnutia stredoškolského kurzu fyziky a najobľúbenejšiu aktivitu v ďalšom štúdiu predmetu na vysokej škole.

V tejto časti bude mať KIM 2017 8 rôznych úloh: 3 výpočtové úlohy s nezávislým zaznamenaním numerickej odpovede so zvýšenou úrovňou zložitosti a 5 úloh s podrobnou odpoveďou, z toho jedna kvalitatívna a štyri výpočtové.

Zároveň na jednej strane nie sú v jednej verzii použité rovnaké nie príliš výrazné obsahové prvky v rôznych úlohách, na druhej strane uplatnenie zásadných zákonov ochrany možno nájsť v dvoch alebo troch úlohách. Ak vezmeme do úvahy „prepojenie“ tém úloh s ich pozíciou v možnosti, tak na pozícii 28 bude vždy úloha z mechaniky, na pozícii 29 - na MCT a termodynamiku, na pozícii 30 - na elektrodynamiku a na pozícia 31 - hlavne na kvantovú fyziku (ak sa do kvalitatívneho problému na pozícii 27 nebude zapájať materiál kvantovej fyziky).

Zložitosť úloh je daná tak povahou činnosti, ako aj kontextom. Vo výpočtových úlohách so zvýšenou úrovňou zložitosti (24–26) sa predpokladá použitie naštudovaného algoritmu na riešenie problému a navrhnú sa typické vzdelávacie situácie, s ktorými sa študenti stretli počas procesu učenia a v ktorých sa používajú explicitne špecifikované fyzikálne modely. V týchto úlohách sa uprednostňujú štandardné formulácie a ich výber sa uskutoční predovšetkým so zameraním na otvorenú banku úloh.

Prvou z úloh s podrobnou odpoveďou je kvalitatívny problém, ktorého riešením je logicky štruktúrovaný výklad založený na fyzikálnych zákonitostiach a zákonitostiach. Pri výpočtových problémoch vysokej úrovne zložitosti je potrebná analýza všetkých fáz riešenia, preto sa ponúkajú vo forme úloh 28–31 s podrobnou odpoveďou. Tu sa využívajú upravené situácie, v ktorých je potrebné operovať s väčším množstvom zákonitostí a vzorcov ako pri štandardných úlohách, zaviesť dodatočné zdôvodnenia v procese riešenia, prípadne úplne nové situácie, s ktorými sa doteraz v náučnej literatúre nestretli a vyžadujú serióznu aktivitu pri analýze fyzikálnych procesov a nezávislý výber fyzikálneho modelu na vyriešenie problému.

Príprava na OGE a Jednotnú štátnu skúšku

Stredné všeobecné vzdelanie

Linka UMK A.V. Fyzika (10-11) (základná, pokročilá)

Linka UMK A.V. Fyzika (7-9)

Linka UMK A.V. Fyzika (7-9)

Príprava na jednotnú štátnu skúšku z fyziky: príklady, riešenia, vysvetlenia

Lebedeva Alevtina Sergeevna, učiteľka fyziky, 27 rokov pracovných skúseností. Čestné osvedčenie Ministerstva školstva Moskovskej oblasti (2013), Poďakovanie od vedúceho mestskej časti Voskresensky (2015), Osvedčenie prezidenta Asociácie učiteľov matematiky a fyziky Moskovskej oblasti (2015).

Práca predstavuje úlohy rôznych úrovní obtiažnosti: základná, pokročilá a vysoká. Úlohy základnej úrovne sú jednoduché úlohy, ktoré preverujú zvládnutie najdôležitejších fyzikálnych pojmov, modelov, javov a zákonitostí. Úlohy na pokročilej úrovni sú zamerané na preverenie schopnosti používať fyzikálne pojmy a zákony na analýzu rôznych procesov a javov, ako aj schopnosť riešiť problémy pomocou jedného alebo dvoch zákonov (vzorcov) na ktorúkoľvek z tém školského kurzu fyziky. V práci 4 sú úlohy 2. časti úlohami vysokej zložitosti a testujú schopnosť používať fyzikálne zákony a teórie v zmenenej alebo novej situácii. Splnenie takýchto úloh si vyžaduje aplikáciu vedomostí z dvoch alebo troch úsekov fyziky naraz, t.j. vysoká úroveň výcviku. Táto možnosť plne zodpovedá demo verzii Jednotnej štátnej skúšky 2017, úlohy sú prevzaté z otvorenej banky úloh Jednotnej štátnej skúšky.

Obrázok ukazuje graf závislosti rýchlostného modulu na čase t. Určte z grafu vzdialenosť prejdenú autom v časovom intervale od 0 do 30 s.

Riešenie. Dráhu prejdenú autom v časovom intervale od 0 do 30 s možno najjednoduchšie definovať ako plochu lichobežníka, ktorého základňami sú časové intervaly (30 – 0) = 30 s a (30 – 10). ) = 20 s a výška je rýchlosť v= 10 m/s, t.j.

Odpoveď. 250 m.

Bremeno s hmotnosťou 100 kg sa pomocou lana zdvíha vertikálne nahor. Na obrázku je znázornená závislosť projekcie rýchlosti V zaťaženie na osi smerujúce nahor v závislosti od času t. Určte modul sily ťahu kábla počas zdvihu.

Riešenie. Podľa grafu závislosti projekcie rýchlosti v zaťaženie na osi smerujúcej zvisle nahor v závislosti od času t, môžeme určiť priemet zrýchlenia zaťaženia

Na zaťaženie pôsobí: gravitačná sila smerujúca vertikálne nadol a napínacia sila kábla smerujúca vertikálne nahor pozdĺž kábla (pozri obr. 2. Zapíšme si základnú rovnicu dynamiky. Využime druhý Newtonov zákon. Geometrický súčet síl pôsobiacich na teleso sa rovná súčinu hmotnosti telesa a zrýchlenia, ktoré mu udeľuje.

+ = (1)

Napíšme rovnicu pre projekciu vektorov v referenčnom systéme spojenom so zemou, smerujúc os OY nahor. Projekcia napínacej sily je kladná, pretože smer sily sa zhoduje so smerom osi OY, projekcia gravitačnej sily je záporná, pretože vektor sily je opačný k osi OY, projekcia vektora zrýchlenia je tiež pozitívny, takže telo sa pohybuje so zrýchlením nahor. Máme

T – mg = ma (2);

zo vzorca (2) modul ťahovej sily

T = m(g + a) = 100 kg (10 + 2) m/s2 = 1200 N.

Odpoveď. 1200 N.

Teleso sa ťahá pozdĺž drsného vodorovného povrchu konštantnou rýchlosťou, ktorej modul je 1,5 m/s, pričom sa naň pôsobí silou, ako je znázornené na obrázku (1). V tomto prípade je modul klznej trecej sily pôsobiacej na teleso rovný 16 N. Aký výkon vyvíja sila? F?

Riešenie. Predstavme si fyzikálny proces špecifikovaný v úlohe a urobme si schematický nákres označujúci všetky sily pôsobiace na teleso (obr. 2). Napíšme si základnú rovnicu dynamiky.

Tr + + = (1)

Po zvolení referenčného systému spojeného s pevnou plochou napíšeme rovnice pre premietanie vektorov na zvolené súradnicové osi. Podľa podmienok problému sa teleso pohybuje rovnomerne, pretože jeho rýchlosť je konštantná a rovná sa 1,5 m / s. To znamená, že zrýchlenie tela je nulové. Na teleso pôsobia horizontálne dve sily: sila klzného trenia tr. a sila, ktorou je teleso ťahané. Priemet trecej sily je negatívny, pretože vektor sily sa nezhoduje so smerom osi X. Projekcia sily F pozitívne. Pripomíname, že na nájdenie projekcie spustíme kolmicu zo začiatku a konca vektora na zvolenú os. Ak to vezmeme do úvahy, máme: F cosα – F tr = 0; (1) vyjadrime projekciu sily F, Toto F cosα = F tr = 16 N; (2) potom sa sila vyvinutá silou bude rovnať N = F cosα V(3) Urobme náhradu, berúc do úvahy rovnicu (2), a dosaďte zodpovedajúce údaje do rovnice (3):

N= 16 N · 1,5 m/s = 24 W.

Odpoveď. 24 W.

Zaťaženie pripevnené na ľahkú pružinu s tuhosťou 200 N/m podlieha vertikálnym osciláciám. Na obrázku je znázornený graf závislosti posunu X načítať z času na čas t. Určte, aká je hmotnosť nákladu. Svoju odpoveď zaokrúhlite na celé číslo.

Riešenie. Hmota na pružine podlieha vertikálnym osciláciám. Podľa grafu posunu zaťaženia X z času t, určíme periódu kmitania záťaže. Doba oscilácie sa rovná T= 4 s; z vzorca T= 2π vyjadrime hmotnosť m nákladu

odpoveď: 81 kg.

Na obrázku je znázornený systém dvoch svetelných blokov a beztiažového kábla, pomocou ktorého udržíte rovnováhu alebo zdvihnete bremeno s hmotnosťou 10 kg. Trenie je zanedbateľné. Na základe analýzy vyššie uvedeného obrázku vyberte dva pravdivé tvrdenia a vo svojej odpovedi uveďte ich čísla.

1. Aby ste udržali záťaž v rovnováhe, musíte na koniec lana pôsobiť silou 100 N.
2. Blokový systém znázornený na obrázku nezískava žiadnu silu.
3. h, musíte vytiahnuť časť lana dĺžky 3 h.
4. Na pomalé zdvíhanie bremena do výšky hh.

Riešenie. Pri tomto probléme je potrebné pamätať na jednoduché mechanizmy, a to bloky: pohyblivý a pevný blok. Pohyblivý blok poskytuje dvojnásobný nárast sily, zatiaľ čo časť lana je potrebné ťahať dvakrát dlhšie a pevný blok sa používa na presmerovanie sily. V práci jednoduché mechanizmy výhry nedávajú. Po analýze problému okamžite vyberieme potrebné vyhlásenia:

1. Na pomalé zdvíhanie bremena do výšky h, musíte vytiahnuť časť lana dĺžky 2 h.
2. Aby ste udržali záťaž v rovnováhe, musíte na koniec lana pôsobiť silou 50 N.

Odpoveď. 45.

Hliníkové závažie pripevnené na beztiažový a neroztiahnuteľný závit je úplne ponorené do nádoby s vodou. Náklad sa nedotýka stien a dna nádoby. Potom sa do tej istej nádoby s vodou ponorí železné závažie, ktorého hmotnosť sa rovná hmotnosti hliníkového závažia. Ako sa v dôsledku toho zmení modul ťažnej sily závitu a modul gravitačnej sily pôsobiacej na zaťaženie?

1. Zvyšuje;
2. Znižuje sa;
3. nemení sa.

Riešenie. Analyzujeme stav problému a zvýrazníme tie parametre, ktoré sa počas štúdie nemenia: sú to hmotnosť telesa a kvapalina, do ktorej je teleso ponorené na závite. Potom je lepšie urobiť schematický nákres a uviesť sily pôsobiace na zaťaženie: napätie nite F ovládanie, smerujúce nahor pozdĺž vlákna; gravitácia smerujúca vertikálne nadol; Archimedova sila a, pôsobiace zo strany kvapaliny na ponorené teleso a smerujúce nahor. Podľa podmienok úlohy je hmotnosť bremien rovnaká, preto sa modul gravitačnej sily pôsobiacej na bremeno nemení. Keďže hustota nákladu je iná, bude sa líšiť aj objem.

Hustota železa je 7800 kg/m3 a hustota hliníkového nákladu je 2700 kg/m3. teda V a< V a. Teleso je v rovnováhe, výslednica všetkých síl pôsobiacich na teleso je nulová. Nasmerujme súradnicovú os OY nahor. Základnú rovnicu dynamiky, berúc do úvahy priemet síl, píšeme v tvare F ovládanie + F a – mg= 0; (1) Vyjadrime ťahovú silu F kontrola = mg – F a(2); Archimedova sila závisí od hustoty kvapaliny a objemu ponorenej časti telesa F a = ρ gV p.h.t. (3); Hustota kvapaliny sa nemení a objem železného telesa je menší V a< V a, preto bude Archimedova sila pôsobiaca na zaťaženie železa menšia. Dospeli sme k záveru o module napínacej sily závitu, pri práci s rovnicou (2), bude sa zvyšovať.

Odpoveď. 13.

Blok hmoty m skĺzne z pevnej drsnej naklonenej roviny s uhlom α na základni. Modul zrýchlenia bloku je rovný a, modul rýchlosti bloku sa zvyšuje. Odpor vzduchu možno zanedbať.

Vytvorte súlad medzi fyzikálnymi veličinami a vzorcami, pomocou ktorých ich možno vypočítať. Pre každú pozíciu v prvom stĺpci vyberte zodpovedajúcu pozíciu z druhého stĺpca a zapíšte si vybrané čísla do tabuľky pod príslušné písmená.

B) Súčiniteľ trenia medzi blokom a naklonenou rovinou

3) mg cosα

Riešenie. Táto úloha si vyžaduje uplatnenie Newtonových zákonov. Odporúčame urobiť schematický výkres; označujú všetky kinematické charakteristiky pohybu. Ak je to možné, znázornite vektor zrýchlenia a vektory všetkých síl pôsobiacich na pohybujúce sa teleso; pamätajte, že sily pôsobiace na teleso sú výsledkom interakcie s inými telesami. Potom napíšte základnú rovnicu dynamiky. Vyberte referenčný systém a zapíšte výslednú rovnicu pre projekciu vektorov sily a zrýchlenia;

Podľa navrhovaného algoritmu vytvoríme schematický nákres (obr. 1). Obrázok znázorňuje sily pôsobiace na ťažisko bloku a súradnicové osi referenčného systému spojené s povrchom naklonenej roviny. Keďže všetky sily sú konštantné, pohyb bloku bude s rastúcou rýchlosťou rovnomerne premenlivý, t.j. vektor zrýchlenia smeruje v smere pohybu. Zvoľme smer osí, ako je znázornené na obrázku. Zapíšme si projekcie síl na vybrané osi.

Zapíšme si základnú rovnicu dynamiky:

Tr + = (1)

Napíšme túto rovnicu (1) pre projekciu síl a zrýchlenia.

Na osi OY: projekcia pozemnej reakčnej sily je pozitívna, pretože vektor sa zhoduje so smerom osi OY NY = N; priemet trecej sily je nulový, pretože vektor je kolmý na os; projekcia gravitácie bude záporná a rovnaká mg y= – mg cosa; vektorová projekcia zrýchlenia a y= 0, pretože vektor zrýchlenia je kolmý na os. Máme N – mg cosα = 0 (2) z rovnice vyjadríme reakčnú silu pôsobiacu na blok zo strany naklonenej roviny. N = mg cosα (3). Zapíšme si projekcie na os OX.

Na osi OX: projekcia sily N sa rovná nule, pretože vektor je kolmý na os OX; Priemet trecej sily je negatívny (vektor je nasmerovaný v opačnom smere vzhľadom na zvolenú os); projekcia gravitácie je kladná a rovná sa mg x = mg sinα (4) z pravouhlého trojuholníka. Projekcia zrýchlenia je pozitívna a x = a; Potom napíšeme rovnicu (1) s prihliadnutím na projekciu mg sinα – F tr = ma (5); F tr = m(g sinα – a) (6); Pamätajte, že trecia sila je úmerná sile normálneho tlaku N.

A-priorstvo F tr = μ N(7) vyjadríme koeficient trenia kvádra na naklonenej rovine.

Pre každé písmeno vyberieme vhodné pozície.

Odpoveď. A – 3; B – 2.

Úloha 8. Plynný kyslík je v nádobe s objemom 33,2 litra. Tlak plynu je 150 kPa, jeho teplota je 127° C. Určte hmotnosť plynu v tejto nádobe. Vyjadrite svoju odpoveď v gramoch a zaokrúhlite na najbližšie celé číslo.

Riešenie. Je dôležité venovať pozornosť prevodu jednotiek do sústavy SI. Previesť teplotu na Kelvina T = t°C + 273, objem V= 33,2 l = 33,2 · 10 –3 m 3; Premieňame tlak P= 150 kPa = 150 000 Pa. Použitie stavovej rovnice ideálneho plynu

Vyjadrime hmotnosť plynu.

Nezabudnite venovať pozornosť tomu, ktoré jednotky sú požiadané o zapísanie odpovede. Je to veľmi dôležité.

Odpoveď.'48

Úloha 9. Ideálny monoatomický plyn v množstve 0,025 mol expanduje adiabaticky. Zároveň klesla jeho teplota z +103°C na +23°C. Koľko práce vykonal plyn? Vyjadrite svoju odpoveď v jouloch a zaokrúhlite na najbližšie celé číslo.

Riešenie. Po prvé, plyn je monatomický počet stupňov voľnosti i= 3, po druhé, plyn expanduje adiabaticky - to znamená bez výmeny tepla Q= 0. Plyn funguje tak, že znižuje vnútornú energiu. Ak to vezmeme do úvahy, napíšeme prvý termodynamický zákon v tvare 0 = ∆ U + A G; (1) vyjadrime prácu plynu A g = –∆ U(2); Zmenu vnútornej energie pre monatomický plyn píšeme ako

Odpoveď. 25 J.

Relatívna vlhkosť časti vzduchu pri určitej teplote je 10%. Koľkokrát treba zmeniť tlak tejto časti vzduchu, aby sa pri konštantnej teplote zvýšila jeho relatívna vlhkosť o 25 %?

Riešenie.Školákom najčastejšie spôsobujú ťažkosti otázky súvisiace so sýtou parou a vlhkosťou vzduchu. Na výpočet relatívnej vlhkosti vzduchu použijeme vzorec

Podľa podmienok problému sa teplota nemení, čo znamená, že tlak nasýtených pár zostáva rovnaký. Napíšme vzorec (1) pre dva stavy vzduchu.

φ1 = 10 %; φ 2 = 35 %

Vyjadrime tlak vzduchu zo vzorcov (2), (3) a nájdime tlakový pomer.

Odpoveď. Tlak by sa mal zvýšiť 3,5-krát.

Horúca kvapalná látka sa pomaly ochladzovala v taviacej peci pri konštantnom výkone. V tabuľke sú uvedené výsledky meraní teploty látky v priebehu času.

Vyberte z poskytnutého zoznamu dva vyhlásenia, ktoré zodpovedajú výsledkom vykonaných meraní a uvádzajú ich čísla.

1. Teplota topenia látky za týchto podmienok je 232 °C.
2. Za 20 minút. po začatí meraní bola látka iba v tuhom stave.
3. Tepelná kapacita látky v kvapalnom a pevnom skupenstve je rovnaká.
4. Po 30 min. po začatí meraní bola látka iba v tuhom stave.
5. Proces kryštalizácie látky trval viac ako 25 minút.

Riešenie. Ako sa látka ochladzovala, jej vnútorná energia klesala. Výsledky meraní teploty nám umožňujú určiť teplotu, pri ktorej látka začína kryštalizovať. Zatiaľ čo sa látka mení z kvapalnej na tuhú, teplota sa nemení. Keďže vieme, že teplota topenia a teplota kryštalizácie sú rovnaké, zvolíme výrok:

1. Teplota topenia látky za týchto podmienok je 232°C.

Druhé správne tvrdenie je:

4. Po 30 min. po začatí meraní bola látka iba v tuhom stave. Pretože teplota v tomto časovom bode je už pod teplotou kryštalizácie.

Odpoveď. 14.

V izolovanom systéme má teleso A teplotu +40°C a teleso B +65°C. Tieto telesá sa dostali do vzájomného tepelného kontaktu. Po určitom čase nastala tepelná rovnováha. Ako sa v dôsledku toho zmenila teplota telesa B a celková vnútorná energia telies A a B?

Pre každé množstvo určite zodpovedajúci charakter zmeny:

1. Zvýšená;
2. Poklesla;
3. Nezmenilo sa.

Zapíšte si vybrané čísla pre každú fyzikálnu veličinu do tabuľky. Čísla v odpovedi sa môžu opakovať.

Riešenie. Ak v izolovanej sústave telies nedochádza k iným energetickým premenám ako výmene tepla, potom množstvo tepla, ktoré odovzdávajú telesá, ktorých vnútorná energia klesá, sa rovná množstvu tepla prijatého telesami, ktorých vnútorná energia sa zvyšuje. (Podľa zákona zachovania energie.) V tomto prípade sa celková vnútorná energia systému nemení. Problémy tohto typu sa riešia na základe rovnice tepelnej bilancie.

kde ∆ U- zmena vnútornej energie.

V našom prípade v dôsledku výmeny tepla klesá vnútorná energia telesa B, čím sa znižuje teplota tohto telesa. Vnútorná energia telesa A sa zvyšuje, keďže telo prijalo množstvo tepla z telesa B, jeho teplota sa zvýši. Celková vnútorná energia telies A a B sa nemení.

Odpoveď. 23.

Proton p, letiaci do medzery medzi pólmi elektromagnetu, má rýchlosť kolmú na vektor indukcie magnetického poľa, ako je znázornené na obrázku. Kde je Lorentzova sila pôsobiaca na protón nasmerovaná vzhľadom na kresbu (hore, smerom k pozorovateľovi, preč od pozorovateľa, dole, vľavo, vpravo)

Riešenie. Magnetické pole pôsobí na nabitú časticu Lorentzovou silou. Aby bolo možné určiť smer tejto sily, je dôležité pamätať na mnemotechnické pravidlo ľavej ruky, nezabudnite vziať do úvahy náboj častice. Štyri prsty ľavej ruky smerujeme pozdĺž rýchlostného vektora, pre kladne nabitú časticu by mal vektor vstúpiť kolmo do dlane, palec nastavený na 90° ukazuje smer Lorentzovej sily pôsobiacej na časticu. Výsledkom je, že vektor Lorentzovej sily smeruje preč od pozorovateľa vzhľadom na obrázok.

Odpoveď. od pozorovateľa.

Modul intenzity elektrického poľa v plochom vzduchovom kondenzátore s kapacitou 50 μF sa rovná 200 V/m. Vzdialenosť medzi doskami kondenzátora je 2 mm. Aký je náboj na kondenzátore? Svoju odpoveď napíšte v µC.

Riešenie. Preveďme všetky merné jednotky do sústavy SI. Kapacita C = 50 µF = 50 10 –6 F, vzdialenosť medzi doskami d= 2 · 10 –3 m Úloha hovorí o plochom vzduchovom kondenzátore – zariadení na uchovávanie elektrického náboja a energie elektrického poľa. Zo vzorca elektrickej kapacity

Kde d- vzdialenosť medzi doskami.

Vyjadrime napätie U=E d(4); Dosadíme (4) do (2) a vypočítame náboj kondenzátora.

q = C · Ed= 50 10 –6 200 0,002 = 20 uC

Venujte prosím pozornosť jednotkám, v ktorých je potrebné napísať odpoveď. Dostali sme ho v coulombách, ale uvádzame ho v µC.

Odpoveď. 20 uC.

Študent vykonal experiment s lomom svetla znázorneným na fotografii. Ako sa mení uhol lomu svetla šíriaceho sa v skle a index lomu skla so zväčšujúcim sa uhlom dopadu?

1. Zvyšuje sa
2. Znižuje sa
3. nemení sa
4. Zaznamenajte vybrané čísla pre každú odpoveď do tabuľky. Čísla v odpovedi sa môžu opakovať.

Riešenie. Pri problémoch tohto druhu si pamätáme, čo je to refrakcia. Ide o zmenu smeru šírenia vlny pri prechode z jedného prostredia do druhého. Je to spôsobené tým, že rýchlosti šírenia vĺn v týchto médiách sú rôzne. Keď sme zistili, do ktorého média sa svetlo šíri, napíšme zákon lomu v tvare

Kde n 2 – absolútny index lomu skla, médium, kam ide svetlo; n 1 je absolútny index lomu prvého média, z ktorého svetlo pochádza. Pre vzduch n 1 = 1. α je uhol dopadu lúča na povrch skleneného polvalca, β je uhol lomu lúča v skle. Navyše uhol lomu bude menší ako uhol dopadu, pretože sklo je opticky hustejšie médium - médium s vysokým indexom lomu. Rýchlosť šírenia svetla v skle je pomalšia. Upozorňujeme, že uhly meriame od kolmice obnovenej v bode dopadu lúča. Ak zväčšíte uhol dopadu, uhol lomu sa zvýši. To nezmení index lomu skla.

Odpoveď.

Medený mostík v určitom časovom bode t 0 = 0 sa začne pohybovať rýchlosťou 2 m/s po paralelných horizontálnych vodivých koľajniciach, ku ktorým koncom je pripojený 10 Ohmový odpor. Celý systém je vo vertikálnom rovnomernom magnetickom poli. Odpor prepojky a koľajníc je zanedbateľný, prepojka je vždy umiestnená kolmo na koľajnice. Tok Ф vektora magnetickej indukcie cez obvod tvorený prepojkou, koľajnicami a rezistorom sa v priebehu času mení t ako je znázornené na grafe.

Pomocou grafu vyberte dva správne výroky a uveďte ich počet vo svojej odpovedi.

1. Kým t= 0,1 s zmena magnetického toku obvodom je 1 mWb.
2. Indukčný prúd v prepojke v rozsahu od t= 0,1 s t= 0,3 s max.
3. Modul indukčného emf vznikajúceho v obvode je 10 mV.
4. Sila indukčného prúdu tečúceho v prepojke je 64 mA.
5. Aby sa udržal pohyb prepojky, pôsobí na ňu sila, ktorej priemet na smer koľajníc je 0,2 N.

Riešenie. Pomocou grafu závislosti toku vektora magnetickej indukcie obvodom od času určíme oblasti, kde sa mení tok F a kde je zmena toku nulová. To nám umožní určiť časové intervaly, počas ktorých sa v obvode objaví indukovaný prúd. Pravdivé tvrdenie:

1) V čase t= 0,1 s zmena magnetického toku obvodom sa rovná 1 mWb ∆Ф = (1 – 0) 10 –3 Wb; Modul indukčného emf vznikajúceho v obvode je určený pomocou zákona EMR

Odpoveď. 13.

Pomocou grafu závislosti prúdu od času v elektrickom obvode, ktorého indukčnosť je 1 mH, určte samoindukčný emf modul v časovom intervale od 5 do 10 s. Svoju odpoveď napíšte v µV.

Riešenie. Prepočítajme všetky veličiny do sústavy SI, t.j. indukčnosť 1 mH prevedieme na H, dostaneme 10 –3 H. Taktiež prevedieme prúd zobrazený na obrázku v mA na A vynásobením číslom 10 –3.

Vzorec pre samoindukciu emf má tvar

v tomto prípade je časový interval daný podľa podmienok problému

∆t= 10 s – 5 s = 5 s

sekúnd a pomocou grafu určíme interval zmeny prúdu počas tejto doby:

∆ja= 30 10 –3 – 20 10 –3 = 10 10 –3 = 10 –2 A.

Číselné hodnoty dosadíme do vzorca (2), dostaneme

| Ɛ | = 2 ·10 –6 V alebo 2 µV.

Odpoveď. 2.

Dve priehľadné planparalelné dosky sú tesne pritlačené k sebe. Na povrch prvej dosky dopadá lúč svetla zo vzduchu (pozri obrázok). Je známe, že index lomu hornej dosky sa rovná n 2 = 1,77. Vytvorte súlad medzi fyzikálnymi veličinami a ich významom. Pre každú pozíciu v prvom stĺpci vyberte zodpovedajúcu pozíciu z druhého stĺpca a zapíšte si vybrané čísla do tabuľky pod príslušné písmená.

Riešenie. Na vyriešenie problémov s lomom svetla na rozhraní medzi dvoma médiami, najmä problémov s prechodom svetla cez planparalelné dosky, možno odporučiť nasledujúci postup riešenia: urobiť nákres s vyznačením dráhy lúčov prichádzajúcich z jedného média do ďalší; V bode dopadu lúča na rozhraní medzi dvoma médiami nakreslite normálu k povrchu, označte uhly dopadu a lomu. Venujte zvláštnu pozornosť optickej hustote uvažovaného média a pamätajte, že keď svetelný lúč prechádza z opticky menej hustého média do opticky hustejšieho média, uhol lomu bude menší ako uhol dopadu. Obrázok ukazuje uhol medzi dopadajúcim lúčom a povrchom, ale potrebujeme uhol dopadu. Pamätajte, že uhly sa určujú z kolmice obnovenej v bode nárazu. Určíme, že uhol dopadu lúča na povrch je 90° – 40° = 50°, index lomu n 2 = 1,77; n 1 = 1 (vzduch).

Zapíšme si zákon lomu

Nakreslíme si približnú dráhu lúča cez dosky. Pre hranice 2–3 a 3–1 používame vzorec (1). Ako odpoveď dostávame

A) Sínus uhla dopadu lúča na hranici 2–3 medzi doskami je 2) ≈ 0,433;

B) Uhol lomu lúča pri prekročení hranice 3–1 (v radiánoch) je 4) ≈ 0,873.

Odpoveď. 24.

Určte, koľko α - častíc a koľko protónov vzniká ako výsledok termonukleárnej fúznej reakcie

+ → X+ r;

Riešenie. Pri všetkých jadrových reakciách sa dodržiavajú zákony zachovania elektrického náboja a počtu nukleónov. Označme x počet častíc alfa, y počet protónov. Zostavme si rovnice

+ → x + y;

riešenie systému, ktorý máme X = 1; r = 2

Odpoveď. 1 – α-častica; 2 – protóny.

Modul hybnosti prvého fotónu je 1,32 · 10 –28 kg m/s, čo je o 9,48 · 10 –28 kg m/s menej ako modul hybnosti druhého fotónu. Nájdite pomer energie E 2 / E 1 druhého a prvého fotónu. Svoju odpoveď zaokrúhlite na desatinu.

Riešenie. Hybnosť druhého fotónu je väčšia ako hybnosť prvého fotónu podľa podmienky, čo znamená, že môže byť reprezentovaná p 2 = p 1 + Δ p(1). Energiu fotónu možno vyjadriť pomocou hybnosti fotónu pomocou nasledujúcich rovníc. Toto E = mc 2 (1) a p = mc(2), teda

E = pc (3),

Kde E- fotónová energia, p– hybnosť fotónu, m – hmotnosť fotónu, c= 3 · 10 8 m/s – rýchlosť svetla. Ak vezmeme do úvahy vzorec (3), máme:

Odpoveď zaokrúhlime na desatiny a dostaneme 8,2.

Odpoveď. 8,2.

V jadre atómu došlo k rádioaktívnemu rozpadu pozitrónu β. Ako sa v dôsledku toho zmenil elektrický náboj jadra a počet neutrónov v ňom?

Pre každé množstvo určite zodpovedajúci charakter zmeny:

1. Zvýšená;
2. Poklesla;
3. Nezmenilo sa.

Zapíšte si vybrané čísla pre každú fyzikálnu veličinu do tabuľky. Čísla v odpovedi sa môžu opakovať.

Riešenie. Pozitrón β - rozpad v atómovom jadre nastáva, keď sa protón premení na neutrón s emisiou pozitrónu. V dôsledku toho sa počet neutrónov v jadre zvýši o jeden, elektrický náboj sa zníži o jeden a hmotnostné číslo jadra zostane nezmenené. Transformačná reakcia prvku je teda nasledovná:

Odpoveď. 21.

V laboratóriu sa uskutočnilo päť experimentov na pozorovanie difrakcie pomocou rôznych difrakčných mriežok. Každá z mriežok bola osvetlená paralelnými lúčmi monochromatického svetla so špecifickou vlnovou dĺžkou. Vo všetkých prípadoch dopadlo svetlo kolmo na mriežku. V dvoch z týchto experimentov sa pozoroval rovnaký počet hlavných difrakčných maxím. Najprv uveďte číslo experimentu, v ktorom bola použitá difrakčná mriežka s kratšou periódou, a potom číslo experimentu, v ktorom bola použitá difrakčná mriežka s väčšou periódou.

Riešenie. Difrakcia svetla je jav svetelného lúča do oblasti geometrického tieňa. Difrakciu možno pozorovať, keď sa na dráhe svetelnej vlny nachádzajú nepriehľadné oblasti alebo diery vo veľkých prekážkach, ktoré sú nepriehľadné pre svetlo, a veľkosti týchto oblastí alebo dier sú úmerné vlnovej dĺžke. Jedným z najdôležitejších difrakčných zariadení je difrakčná mriežka. Uhlové smery k maximám difrakčného obrazca sú určené rovnicou

d sinφ = kλ (1),

Kde d– perióda difrakčnej mriežky, φ – uhol medzi normálou k mriežke a smerom k jednému z maxím difrakčného obrazca, λ – vlnová dĺžka svetla, k– celé číslo nazývané rádovo difrakčné maximum. Vyjadrime z rovnice (1)

Pri výbere párov podľa experimentálnych podmienok vyberieme najskôr 4, kde bola použitá difrakčná mriežka s kratšou periódou a potom číslo experimentu, v ktorom bola použitá difrakčná mriežka s väčšou periódou - to je 2.

Odpoveď. 42.

Prúd preteká cez drôtový odpor. Rezistor bol nahradený iným, s drôtom z rovnakého kovu a rovnakej dĺžky, ale s polovičným prierezom a pretekal ním polovičný prúd. Ako sa zmení napätie na rezistore a jeho odpor?

Pre každé množstvo určite zodpovedajúci charakter zmeny:

1. Sa zvýši;
2. Zníži sa;
3. nezmení sa.

Zapíšte si vybrané čísla pre každú fyzikálnu veličinu do tabuľky. Čísla v odpovedi sa môžu opakovať.

Riešenie. Je dôležité si uvedomiť, od akých hodnôt závisí odpor vodiča. Vzorec na výpočet odporu je

Ohmov zákon pre úsek obvodu zo vzorca (2) vyjadrujeme napätie

U = Ja R (3).

Podľa podmienok problému je druhý rezistor vyrobený z drôtu z rovnakého materiálu, rovnakej dĺžky, ale inej plochy prierezu. Rozloha je dvakrát menšia. Dosadením do (1) zistíme, že odpor sa zvýši 2-krát a prúd sa zníži 2-krát, preto sa napätie nemení.

Odpoveď. 13.

Doba kmitania matematického kyvadla na povrchu Zeme je 1,2-krát väčšia ako doba jeho kmitania na určitej planéte. Aká je veľkosť zrýchlenia spôsobeného gravitáciou na tejto planéte? Vplyv atmosféry je v oboch prípadoch zanedbateľný.

Riešenie. Matematické kyvadlo je systém pozostávajúci zo závitu, ktorého rozmery sú oveľa väčšie ako rozmery gule a samotnej gule. Ťažkosti môžu nastať, ak sa zabudne na Thomsonov vzorec pre periódu kmitania matematického kyvadla.

T= 2π (1);

l– dĺžka matematického kyvadla; g- gravitačné zrýchlenie.

Podľa podmienok

Vyjadrime sa z (3) g n = 14,4 m/s 2. Treba poznamenať, že gravitačné zrýchlenie závisí od hmotnosti planéty a polomeru

Odpoveď. 14,4 m/s 2.

V rovnomernom magnetickom poli s indukciou je umiestnený priamy vodič s dĺžkou 1 m, ktorým prechádza prúd 3 A IN= 0,4 Tesla pod uhlom 30° k vektoru. Aká je veľkosť sily pôsobiacej na vodič z magnetického poľa?

Riešenie. Ak umiestnite vodič s prúdom do magnetického poľa, pole na vodiči s prúdom bude pôsobiť ampérovou silou. Zapíšme si vzorec pre Ampérový silový modul

F A = Ja LB sinα;

F A = 0,6 N

Odpoveď. F A = 0,6 N.

Energia magnetického poľa uložená v cievke, keď ňou prechádza jednosmerný prúd, sa rovná 120 J. Koľkokrát sa musí zvýšiť sila prúdu pretekajúceho vinutím cievky, aby sa zvýšila energia magnetického poľa v nej uložená? od 5760 J.

Riešenie. Energia magnetického poľa cievky sa vypočíta podľa vzorca

Podľa podmienok W 1 = 120 J, potom W 2 = 120 + 5760 = 5880 J.

Potom aktuálny pomer

Odpoveď. Sila prúdu sa musí zvýšiť 7-krát. Do formulára odpovede zadáte iba číslo 7.

Elektrický obvod pozostáva z dvoch žiaroviek, dvoch diód a závitu drôtu zapojených tak, ako je znázornené na obrázku. (Dióda umožňuje prúdenie prúdu iba v jednom smere, ako je znázornené v hornej časti obrázka.) Ktorá zo žiaroviek sa rozsvieti, ak sa severný pól magnetu priblíži k cievke? Vysvetlite svoju odpoveď uvedením toho, aké javy a vzorce ste použili vo svojom vysvetlení.

Riešenie. Magnetické indukčné čiary vychádzajú zo severného pólu magnetu a rozchádzajú sa. Keď sa magnet približuje, magnetický tok cez cievku drôtu sa zvyšuje. V súlade s Lenzovým pravidlom musí magnetické pole vytvorené indukčným prúdom cievky smerovať doprava. Podľa pravidla gimlet by mal prúd prúdiť v smere hodinových ručičiek (pri pohľade zľava). Dióda v druhom obvode svietidla prechádza týmto smerom. To znamená, že sa rozsvieti druhá kontrolka.

Odpoveď. Rozsvieti sa druhá kontrolka.

Dĺžka hliníkových lúčov L= 25 cm a plocha prierezu S= 0,1 cm 2 zavesené na nite za horný koniec. Spodný koniec spočíva na vodorovnom dne nádoby, do ktorej sa nalieva voda. Dĺžka ponorenej časti lúča l= 10 cm F, s ktorou pletacia ihla tlačí na dno nádoby, ak je známe, že niť je umiestnená vertikálne. Hustota hliníka ρ a = 2,7 g/cm 3, hustota vody ρ b = 1,0 g/cm 3. Zrýchlenie gravitácie g= 10 m/s 2

Riešenie. Urobme si vysvetľujúci nákres.

– sila napnutia závitu;

– Reakčná sila dna nádoby;

a je Archimedova sila pôsobiaca len na ponorenú časť tela a pôsobiaca na stred ponorenej časti lúča;

– gravitačná sila pôsobiaca na lúč zo Zeme a pôsobiaca na stred celého lúča.

Podľa definície, hmotnosť hovoril m a Archimedov modul sily sú vyjadrené takto: m = SL p a (1);

F a = Slρ v g (2)

Uvažujme momenty síl vo vzťahu k bodu zavesenia lúča.

M(T) = 0 – moment ťahovej sily; (3)

M(N)= NL cosα je moment sily reakcie podpory; (4)

Berúc do úvahy znamenia momentov, napíšeme rovnicu

berúc do úvahy, že podľa tretieho Newtonovho zákona sa reakčná sila dna nádoby rovná sile F d, ktorým pletacia ihlica tlačí na dno nádoby, zapíšeme N = F d a z rovnice (7) vyjadríme túto silu:

Nahraďte číselné údaje a získajte to

F d = 0,025 N.

Odpoveď. F d = 0,025 N.

Valec obsahujúci m 1 = 1 kg dusíka pri skúške pevnosti explodoval pri teplote t 1 = 327 °C. Aká hmotnosť vodíka m 2 by mohli byť uložené v takom valci pri teplote t 2 = 27 °C s päťnásobnou bezpečnostnou rezervou? Molárna hmotnosť dusíka M 1 = 28 g/mol, vodík M 2 = 2 g/mol.

Riešenie. Napíšme Mendelejevovu-Clapeyronovu stavovú rovnicu ideálneho plynu pre dusík

Kde V- objem valca, T 1 = t 1 + 273 °C. Podľa podmienok môže byť vodík skladovaný pod tlakom p 2 = p 1/5; (3) Vzhľadom na to

hmotnosť vodíka môžeme vyjadriť priamou prácou s rovnicami (2), (3), (4). Konečný vzorec vyzerá takto:

Po dosadení číselných údajov m 2 = 28 g.

Odpoveď. m 2 = 28 g.

V ideálnom oscilačnom obvode je amplitúda kolísania prúdu v induktore ja m= 5 mA a amplitúda napätia na kondenzátore Hm= 2,0 V. V čase t napätie na kondenzátore je 1,2 V. Nájdite v tomto momente prúd v cievke.

Riešenie. V ideálnom oscilačnom obvode je oscilačná energia zachovaná. Pre okamih t má zákon zachovania energie tvar

Pre hodnoty amplitúdy (maximálne) píšeme

a z rovnice (2) vyjadríme

Dosaďte (4) do (3). V dôsledku toho dostaneme:

ja = ja m (5)

Teda prúd v cievke v okamihu času t rovná

ja= 4,0 mA.

Odpoveď. ja= 4,0 mA.

Na dne nádrže hlbokej 2 m je zrkadlo. Lúč svetla prechádzajúci vodou sa odráža od zrkadla a vychádza z vody. Index lomu vody je 1,33. Nájdite vzdialenosť medzi bodom vstupu lúča do vody a bodom výstupu lúča z vody, ak je uhol dopadu lúča 30°

Riešenie. Urobme si vysvetľujúci nákres

α je uhol dopadu lúča;

β je uhol lomu lúča vo vode;

AC je vzdialenosť medzi bodom vstupu lúča do vody a bodom výstupu lúča z vody.

Podľa zákona lomu svetla

Zoberme si pravouhlý ΔADB. V tom AD = h, potom DB = AD

Dostaneme nasledujúci výraz:

Dosaďte číselné hodnoty do výsledného vzorca (5)

Odpoveď. 1,63 m.

V rámci prípravy na jednotnú štátnu skúšku vás pozývame, aby ste sa s ňou oboznámili pracovný program z fyziky pre ročníky 7–9 do línie UMK Peryshkina A.V. A pokročilý pracovný program pre ročníky 10-11 pre učebné materiály Myakisheva G.Ya. Programy sú k dispozícii na prezeranie a bezplatné stiahnutie všetkým registrovaným používateľom.

Jednotná štátna skúška z fyziky 2017 Typické úlohy Lukaševovho testu

M.: 2017 - 120 s.

Typické testové úlohy z fyziky obsahujú 10 variantných súborov úloh, zostavených s ohľadom na všetky vlastnosti a požiadavky Jednotnej štátnej skúšky v roku 2017. Účelom príručky je poskytnúť čitateľom informácie o štruktúre a obsahu materiálov testového merania z fyziky 2017, ako aj o stupni náročnosti úloh. Zbierka obsahuje odpovede na všetky možnosti testovania, ako aj riešenia najťažších problémov vo všetkých 10 možnostiach. Okrem toho sú poskytnuté vzorky formulárov používaných pri jednotnej štátnej skúške. Kolektív autorov tvoria odborníci z federálnej predmetovej komisie Jednotnej štátnej skúšky z fyziky. Príručka je určená učiteľom na prípravu študentov na skúšku z fyziky a študentom stredných škôl na sebaprípravu a sebakontrolu.

Formát: pdf

Veľkosť: 4,3 MB

Sledujte, sťahujte: drive.google

OBSAH
Pokyny na vykonanie práce 4
MOŽNOSŤ 1 9
Časť 1 9
Časť 2 15
MOŽNOSŤ 2 17
Časť 1 17
Časť 2 23
MOŽNOSŤ 3 25
Časť 1 25
Časť 2 31
MOŽNOSŤ 4 34
Časť 1 34
Časť 2 40
MOŽNOSŤ 5 43
1. časť 43
2. časť 49
MOŽNOSŤ 6 51
1. časť 51
2. časť 57
MOŽNOSŤ 7 59
1. časť 59
2. časť 65
MOŽNOSŤ 8 68
1. časť 68
2. časť 73
MOŽNOSŤ 9 76
1. časť 76
2. časť 82
MOŽNOSŤ 10 85
1. časť 85
2. časť 91
ODPOVEDE. SYSTÉM HODNOTENIA SKÚŠOK
PRÁCE NA FYZIKE 94

Na dokončenie skúšobnej práce z fyziky sú pridelené 3 hodiny 55 minút (235 minút). Práca pozostáva z 2 častí, z toho 31 úloh.
V úlohách 1-4, 8-10, 14, 15, 20, 24-26 je odpoveďou celé číslo alebo posledný desatinný zlomok. Číslo napíšte do políčka odpovede v texte práce a potom ho preneste podľa vzoru nižšie do odpoveďového formulára č. 1. Jednotky merania fyzikálnych veličín nie je potrebné zapisovať.
Odpoveď na úlohy 27-31 obsahuje podrobný popis celého priebehu úlohy. V odpoveďovom formulári č. 2 uveďte číslo úlohy a zapíšte jej úplné riešenie.
Pri výpočtoch je povolené používať neprogramovateľnú kalkulačku.
Všetky formuláre jednotnej štátnej skúšky sú vyplnené jasným čiernym atramentom. Môžete použiť gélové, kapilárne alebo plniace perá.
Pri dokončovaní úloh môžete použiť koncept. Na zápisy v koncepte sa pri hodnotení práce neprihliada.
Body, ktoré získate za splnené úlohy, sa sčítajú. Pokúste sa dokončiť čo najviac úloh a získať čo najviac bodov.